下面是小编为大家整理的2022年易门县李文兴（全文）,供大家参考。希望对大家写作有帮助!
易门县李文兴3篇
易门县李文兴篇1
1、学校教育制度简称学制，指一个国家各级各类学校的教育系统，它具体规定各级各类学校的性质、任务、修业年限以及他们之间的关系。但是没有规定入学条件。
A.对
B.错
参考答案：B
本题详解：暂无
2、现在提倡义务教育年限的延长，我国义务教育年限的延长包括下延和上延
A.对
B.错
参考答案：A
本题详解：暂无
3、中学生心理和生理在整个青少年期都呈现上升趋势
A.对
B.错
参考答案：A
本题详解：暂无
4、真题缺失
参考答案：
本题详解：暂无
5、在学生思想品德培养过程中，一般是按照知、情、意、行的顺序进行的，但针对不同个体的品德培养则具有多开端性
A.对
B.错
参考答案：A
本题详解：暂无
6、学习与经验影响儿童心理发展的内容和水平，环境与教育的适当性能够为儿童的最佳发展创造条件
A.对
B.错
参考答案：A
本题详解：暂无
7、人类受到飞鸟的启发而发明了飞机，这种现象属于问题解决中的原型启发
A.对
B.错
参考答案：A
本题详解：暂无
8、“顿悟说”认为，学习的本质是通过试误的方式形成稳定的刺激―反应联结
A.对
B.错
参考答案：B
本题详解：暂无
9、动作技能是一种借助于内部语言在人脑中进行的认识活动方式，如游泳、打球和书法等
A.对
B.错
参考答案：B
本题详解：暂无
10、学生在日常生活中偶尔出现了一些不健康的心理和行为，就可以根据此断定学生心理有障碍
A.对
B.错
参考答案：B
本题详解：暂无
1、教学过程的基本规律
参考答案：（1）教学过程学生认识的简约性规律；
（2）教师主体作用和学生主体地位辩证统一规律；
（3）教学与发展相互促进规律；
（4）知识学习与品德形成相统一规律。
本题详解：暂无
2、泰勒目标课程设计模式的四个基本观点
参考答案：（1）学校应努力达成的目标；
（2）选择实现这一目标需要的教学经验；
（3）有效组织这些教学经验的方法；
（4）确定教育目标是否达到的方法。
本题详解：暂无
3、小学生认知发展的特点
参考答案：（1）有意识记逐渐占主导地位；
（2）在形象记忆的基础上抽象记忆迅速发展；
（3）想象逐渐向着正确、完整地反映现实的方向发展；
（4）注意的范围逐渐扩大，注意的稳定性逐渐增强。
本题详解：暂无
4、程序性知识学习的阶段
参考答案：（1）习得阶段；
（2）巩固和转化阶段；
（3）提取和应用阶段。
本题详解：暂无
5、布鲁纳发现学习法的优点
参考答案：（1）有利于激发学生的潜力；
（2）有利于加强学生的内在动机；
（3）有助于学生学会学习；
（4）有利于知识的保持与提取。
本题详解：暂无
1、一个好的案例应具备哪些特征？
参考答案：基本特征：（1）讲述的是一个关于教育的故事或事例；
（2）有一个完整的故事和一些戏剧性的冲突；
（3）叙述具体、典型、特殊，而不是对事件的笼统描述和抽象化、概括化的说明；
（4）对时间、地点和必要的背景及因果关系有所交代；
（5）对教育行为的描述能够反映出事件人物的情感、态度、动机和需要等；
（6）要反映事件发生的特定教育背景。
本题详解：暂无
2、教育案例的写作格式包括哪些基本要素。
参考答案：（1）背景 （2）过程 （3）讨论的问题 （4）分析和讨论 （5）注释和附录（标题、背景、问题、问题解决）
本题详解：暂无
1、1.三维目标（1）知识与技能目标 学生能够会认、会写本课的新生字和字词，能够理解文章的大意，了解寓言故事。（2）过程与方法目标 通过创设一定的情境和分角色朗读法，帮助学生更好的理解作者的意图和文章的主要内容（3）情感态度与价值观目标通过这篇课文的学习，学生能够理解什么是真挚的友谊，帮助学生加深对友谊的深入理解，在班级中建立起友好的关系。2.教学过程（情境―陶冶法）（1）导入（2）新授（3）巩固（4）小结（5）布置作业
参考答案：
本题详解：暂无
易门县李文兴篇2
2020年云南省玉溪市易门县中考数学模拟试卷
一．填空题（满分18分，每小题3分）
1．已知|x|＝4，|y|＝5，且x＞y，则2x﹣y＝ ．
2．根据规划， “一带一路”地区覆盖总人口约为4400000000人，这个数用科学记数法表示为 ．
3．函数y＝中自变量x的取值范围是 ．
4．分式的值比分式的值大3，则x的值为 ．
5．如图，平行四边形ABCD中，AB＝8cm，AD＝12cm，点P在AD边上以每秒1cm的速度从点A向点D运动，点Q在BC边上，以每秒4cm的速度从点C出发，在CB间往返运动，两个点同时出发，当点P到达点D时停止（同时点Q也停止），在运动以后，以P、D、Q、B四点组成平行四边形的次数有 次．
6．有一组数：﹣，，﹣，，﹣……请观察这组数的构成规律，用你发现的规律确定第10个数是 ．
二．选择题（满分32分，每小题4分）
7．四个数﹣2，2，﹣1，0中，负数的个数是（ ）
A．0 B．1 C．2 D．3
8．下列几何体中，从正面看（主视图）是长方形的是（ ）
A． B．
C． D．
9．下列计算正确的是（ ）
A．a3a2＝a6 B．（﹣3a2）3＝﹣27a6
C．（a﹣b）2＝a2﹣b2 D．2a+3a＝5a2
10．将不等式组的解集在数轴上表示出来，应是（ ）
A． B．
C． D．
11．如图，菱形ABCD中，∠ABC＝60°，AB＝4，对角线AC、BD交于点O，E是线段BO上一动点，F是射线DC上一动点，若∠AEF＝120°，则线段EF的长度的整数值的个数有（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
12．用一个半径为15、圆心角为120°的扇形围成一个圆锥，则这个圆锥的底面半径是（ ）
A．5 B．10 C．5π D．10π
13．若干名工人某天生产同一种玩具，生产的玩具数整理成条形图（如图所示）．则他们生产的玩具数的平均数、中位数、众数分别为（ ）
A．5，5，4 B．5，5，5 C．5，4，5 D．5，4，4
14．如图，将△AOB绕点O按逆时针方向旋转55°后得到△A′OB′，若∠AOB＝15°，则∠AOB′的度数是（ ）
A．25° B．30° C．35° D．40°
三．解答题（共9小题，满分70分）
15．（6分）如图，点C在线段AB上，AD∥EB，AC＝BE，AD＝BC，CF平分∠DCE．
求证：CF⊥DE于点F．
16．（6分）先化简（﹣）÷，再从﹣1、2、3、4中选一个合适的数作为x的值代入求值．
17．（8分）有3张扑克牌，分别是红桃3、红桃4和黑桃5．把牌洗匀后甲先抽取一张，记下花色和数字后将牌放回，洗匀后乙再抽取一张．
（1）先后两次抽得的数字分别记为x和y，画出树形图或列表求|x﹣y|≥1的概率．
（2）甲、乙两人做游戏，现有两种方案．A方案：若两次抽得相同花色则甲胜，否则乙胜．B方案：若两次抽得数字和为奇数则甲胜，否则乙胜．请问甲选择哪种方案胜率更高？
18．（7分）养成良好的早锻炼习惯，对学生的学习和生活非常有益．某中学为了了解七年级学生的早锻炼情况，校政教处在七年级随机抽取了部分学生，并对这些学生通常情况下一天的早锻炼时间x（分钟）进行了调查．现把调查结果分为A，B，C，D四组，如下表所示；
同时，将调查结果绘制成下面两幅不完整的统计图．
请根据以上提供的信息，解答下列问题：
（1）扇形统计图中D所在扇形的圆心角度数为 ；
（2）补全频数分布直方图；
（3）已知该校七年级共有1200名学生，请你估计这个年级学生中有多少人一天早锻炼的时间不少于20分钟．
19．（6分）2019年10月1日，中华人民共和国成立70周年，成都市天府广场举行了盛大的升旗仪式，我市部分学生有幸见证了这一激动人心的时刻，并在现场作了如下测量工作：身高1.8米的某同学（图中AE部分）在护旗手开始走正步的点A处测得旗杆顶部D的仰角为22°，在护旗手结束走正步的点B处测得旗杆顶部D的仰角为45°，又测量得到A，B两点间的距离是30米，求旗杆DC的高度．（结果精确到0.1米；
参考数据：sin22°≈0.37，cos22°≈0.93，tan22°≈0.40．）
20．（8分）某电器超市销售每台进价分别为2000元、1700元的A、B两种型号的空调，如表是近两周的销售情况：
（进价、售价均保持不变，利润＝销售总收入﹣进货成本）
（1）求A、B两种型号的空调的销售单价；
（2）若超市准备用不多于54000元的金额再采购这两种型号的空调共30台，求A种型号的空调最多能采购多少台？
21．（8分）下表中，y是x的一次函数．
（1）求该函数的表达式，并补全表格；
（2）已知该函数图象上一点M（1，﹣3）也在反比例函数y＝图象上，求这两个函数图象的另一交点N的坐标．
22．（9分）如图，△ABC为等腰三角形，O是底边BC的中点，腰AB与⊙O相切于点D．求证：AC是⊙O的切线．
23．（12分）如图1，抛物线y＝﹣x2+mx+n交x轴于点A（﹣2，0）和点B，交y轴于点C（0，2）．
（1）求抛物线的函数表达式；
（2）若点M在抛物线上，且S△AOM＝2S△BOC，求点M的坐标；
（3）如图2，设点N是线段AC上的一动点，作DN⊥x轴，交抛物线于点D，求线段DN长度的最大值．
参考答案
一．填空题
1．解：∵|x|＝4，|y|＝5，且x＞y，
∴当x＝4时，y＝﹣5，则2x﹣y＝8+5＝13；
当x＝﹣4时，y＝﹣5，则2x﹣y＝﹣8+5＝﹣3．
故答案为：13或﹣3．
2．解：4400000000＝4.4×109．
故答案为：4.4×109
3．解：根据题意得，2x+1≥0且1﹣x≠0，
解得x≥﹣且x≠1．
故答案为：x≥﹣且x≠1．
4．解：根据题意得：﹣＝3，
去分母得：x﹣3﹣1＝3x﹣6，
移项合并得：﹣2x＝﹣2，
解得：x＝1，
经检验x＝1是分式方程的解，
故答案为：1．
5．解：设经过t秒，以点P、D、Q、B为顶点组成平行四边形，
∵以点P、D、Q、B为顶点组成平行四边形，
∴DP＝BQ，
分为以下情况：①点Q的运动路线是C﹣B，方程为12﹣4t＝12﹣t，
此时方程t＝0，此时不符合题意；
②点Q的运动路线是C﹣B﹣C，方程为4t﹣12＝12﹣t，
解得：t＝4.8；
③点Q的运动路线是C﹣B﹣C﹣B，方程为12﹣（4t﹣24）＝12﹣t，
解得：t＝8；
④点Q的运动路线是C﹣B﹣C﹣B﹣C，方程为4t﹣36＝12﹣t，
解得：t＝9.6；
⑤点Q的运动路线是C﹣B﹣C﹣B﹣C﹣B，方程为12﹣（4t﹣48）＝12﹣t，
解得：t＝16，
此时P点走的路程为16＞AD，此时不符合题意．
∴共3次．
故答案为：3．
6．解：∵有一组数：﹣，，﹣，，﹣，…，
∴这组数的第n个数是：（﹣1）n•，
∴当n＝10时，这个数是：（﹣1）10•＝，
故答案为：．
二．选择题
7．解：﹣2和﹣1是负数，
故选：C．
8．解：圆锥的主视图是等腰三角形，
圆柱的主视图是长方形，
圆台的主视图是梯形，
球的主视图是圆形，
故选：B．
9．解：A、a3a2＝a5，错误；
B、（﹣3a2）3＝﹣27a6，正确；
C、（a﹣b）2＝a2﹣2ab+b2，错误；
D、2a+3a＝5a，错误；
故选：B．
10．解：不等式组的解集为：1≤x≤3，
故选：A．
11．解：如图，连结CE，
∵在菱形ABCD中，AB＝BC，∠ABE＝∠CBE＝30°，BE＝BE，
∴△ABE≌△CBE，
∴AE＝CE，
设∠OCE＝a，∠OAE＝a，∠AEO＝90°﹣a，
∴∠DEF＝120°﹣（90°﹣a）＝30°+a，
∴∠EFC＝∠CDE+∠DEF＝30°+30°+a＝60°+a，
∵∠ECF＝∠DCO+∠OCE＝60°+a，
∴∠ECF＝∠EFC，
∴CE＝EF，
∴AE＝EF，
∵AB＝4，∠ABE＝30°，
∴在Rt△ABO中，AO＝2，
∵OA≤AE≤AB，
∴2≤AE≤4，
∴AE的长的整数值可能是2，3，4，即EF的长的整数值可能是2，3，4．
故选：C．
12．解：设该圆锥底面圆的半径为r，
根据题意得2πr＝，解得r＝5，
即该圆锥底面圆的半径为5．
故选：A．
13．解：＝＝＝5件，
中位数为第5、6个数的平均数，为5件，
众数为5件．
故选：B．
14．解：∵△AOB绕点O按逆时针方向旋转55°后得到△A′OB′，
∴∠BOB′＝55°，
∴∠AOB′＝∠BOB′﹣∠AOB＝55°﹣15°＝40°．
故选：D．
三．解答题
15．证明：∵AD∥BE，
∴∠A＝∠B，
在△ACD和△BEC中
，
∴△ACD≌△BEC（SAS），
∴DC＝CE，
∵CF平分∠DCE，
∴CF⊥DE．
16．解：原式＝[﹣]×
＝×
＝x+2，
∵x﹣2≠0，x﹣4≠0，
∴x≠2且x≠4，
∴当x＝﹣1时，
原式＝﹣1+2＝1．
当x＝3时，原式＝5．
17．【解答】解：（1）列表如下：
所有等可能的情况有9种，其中|x﹣y|≥1的情况有6种，
则P＝＝；
（2）A方案：两次抽得相同花色的情况有5种，不同花色的情况有4种，
则P（甲获胜）＝，P（乙获胜）＝；
B方案：两次抽得数字和为奇数的情况有4种，偶数的情况有5种，
则P（甲获胜）＝，P（乙获胜）＝，
则甲选择A方案胜率更高．
18．解：（1）360°×（1﹣5%﹣10%﹣65%）＝72°，
故答案为：72°；
（2）C组人数有：10÷5%×65%＝130，
补充完整的频数分布直方图如右图所示；
（3）1200×（1﹣5%﹣10%）＝1020（人），
答：该校七年级学生中约有1020人早锻炼时间不少于20分钟．
19．解：延长EF交CD于G，
∵∠DEF＝22°，∠DFG＝45°，
∴在Rt△DGF中，DG＝GF，
在Rt△DGE中，tan22°＝，即EG＝≈2.5DG，
∵2.5DG﹣DG＝30，
解得DG＝20，
则DC＝DG+CG＝20+1.8＝21.8（米）．
答：旗杆DC的高度大约是21.8米．
20．解：（1）设A、B两种型号的空调的销售单价分别为x元，y元，
根据题意，得：，
解得：，
答：A、B两种型号的空调的销售单价分别为2500元，2100元；
（2）设采购A种型号的空调a台，则采购B型号空调（30﹣a）元，
根据题意，得：2000a+1700（30﹣a）≤54000，
解得：a≤10，
答：A种型号的空调最多能采购10台．
21．解：（1）设该一次函数为y＝kx+b（k≠0），
∵当x＝﹣2时，y＝6，当x＝1时，y＝﹣3，
∴，
解得：，
∴一次函数的表达式为：y＝﹣3x，
当x＝2时，y＝﹣6；
当y＝﹣12时，x＝4．
补全表格如题中所示．
（2）∵点M（1，﹣3）在反比例函数y＝上（m≠0），
∴﹣3＝，
∴m＝﹣3，
∴反比例函数解析式为：y＝﹣，
联立可得，
解得：或，
∴另一交点坐标为（﹣1，3）．
22．证明：过点O作OE⊥AC于点E，连结OD，OA，
∵AB与⊙O相切于点D，
∴AB⊥OD，
∵△ABC为等腰三角形，O是底边BC的中点，
∴AO是∠BAC的平分线，
∴OE＝OD，即OE是⊙O的半径，
∵AC经过⊙O的半径OE的外端点且垂直于OE，
∴AC是⊙O的切线．
23．解：（1）A（﹣2，0），C（0，2）代入抛物线的解析式y＝﹣x2+mx+n，
得，解得，
∴抛物线的解析式为y＝﹣x2﹣x+2．
（2）由（1）知，该抛物线的解析式为y＝﹣x2﹣x+2，则易得B（1，0），设M（m，n）然后依据S△AOM＝2S△BOC列方程可得：
•AO×|n|＝2××OB×OC，
∴×2×|﹣m2﹣m+2|＝2，
∴m2+m＝0或m2+m﹣4＝0，
解得x＝0或﹣1或，
∴符合条件的点M的坐标为：（0，2）或（﹣1，2）或（，﹣2）或（，﹣2）．
（3）设直线AC的解析式为y＝kx+b，将A（﹣2，0），C（0，2）代入
得到，解得，
∴直线AC的解析式为y＝x+2，
设N（x，x+2）（﹣2≤x≤0），则D（x，﹣x2﹣x+2），
ND＝（﹣x2﹣x+2）﹣（x+2）＝﹣x2﹣2x＝﹣（x+1）2+1，
∵﹣1＜0，
∴x＝﹣1时，ND有最大值1．
∴ND的最大值为1．
易门县李文兴篇3
李兴辉;
【期刊名称】《图书馆研究》【年(卷,期】1988(000004
【摘要】李兴辉,男,1914年生于北京,从事图书馆工作五十余年,积累了丰富的工作经验.1931年末,进入北京图书馆,曾在该馆主持图书编目、情报资料编目以及分类法、主题词表等各种文献检索工具的编辑工作.1957年主持编制《中小型图书馆图书分类表草案》.1959年在中央文化部主持下,成立【总页数】1页(1-1
【关键词】图书编目;主题词表;编辑工作;图书馆工作;北京图书馆;检索工具;图书馆学系;《中图法》;机器检索;中图法【作者】;【作者单位】;【正文语种】英文【中图分类】G25【相关文献】
1.用人才资源夯实“百年浔兴”用人才优势打造“世界品牌”——专访浔兴集团人力资源总监李亚辉[J],李晓达;王云彩2.李兴辉(二首[J],李兴辉3.李兴辉作品[J],
4.我国情报检索语言建设的组织者——李兴辉同志[J],丘峰5.我所尊敬的李兴辉同志[J],许培基